我有调用其他脚本文件的脚本,但是我需要获取进程中当前正在运行的文件的文件路径。

例如,假设我有三个文件。使用execfile:



script_1.py调用script_2.py
script_2.py依次调用script_3.py

如何从script_3.py内的代码中获取script_3.py的文件名和路径,而不必将该信息作为script_2.py的自变量传递?

(执行os.getcwd()返回原始开始脚本的文件路径而不是当前文件的路径。)

评论

相关:Python __file__属性是绝对属性还是相对属性?

os.path.realpath(文件)

相关:如何正确确定当前脚本目录?

#1 楼

p1.py:

execfile("p2.py")


p2.py:

import inspect, os
print (inspect.getfile(inspect.currentframe()) # script filename (usually with path)
print (os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe())))) # script directory


评论


注意:在不同的环境下,此调用不会产生相同的结果。考虑接受以下Usagi的答案:stackoverflow.com/a/6628348/851398

–法拉第
2014年5月5日7:41



@faraday:您能举个例子吗?我已经使用inspect.getabsfile()回答了类似的问题,它适用于我尝试过的所有情况。

– jfs
2014年4月5日在17:04

不,user13993钉得更好

– osirisgothra
15年8月13日在4:49



user13993确实钉住了它。应该是os.path.realpath(__ file__)

–uchuugaka
15年8月13日在9:02

inspect.getfile()如果传递了模块对象,则返回__file__属性。 inspect.currentframe()返回模块。因此,这是__file__的昂贵表达方式。

–马丁·彼得斯(Martijn Pieters)♦
18年5月12日在19:01

#2 楼

__file__


如其他人所说。您可能还希望使用os.path.realpath消除符号链接:

import os

os.path.realpath(__file__)


评论


需要注意这种方法,因为有时__file__返回'script_name.py',有时返回'script_name.pyc'。因此输出不稳定。

–机械师
2015年9月5日在23:53



但是,由于我们仅使用此文件的路径,因此不相关。

– Uwe Koloska
16-9-29在9:36

这很奇怪:从命令行“ __file__”中用引号(作为字符串)运行时,给出运行cmd的目录,但是__file __(不带引号则给出了源文件的路径...为什么?

–μon
18年5月9日在13:53



@muon不会检查传入的文件名字符串是否存在,并且由于文件路径是相对于cwd的,因此os.path.realpath函数假定该路径的dir部分存在。 os.path.dirname(os.path.realpath(__ file__))返回带有文件的目录。 os.path.dirname(os.path.realpath(“ __ file__”))返回cwd。 os.path.dirname(os.path.realpath(“ here_be_dragons”))也返回cwd。

–杰米·布尔(Jamie Bull)
18-10-26在8:11



#3 楼

更新2018-11-28:

以下是使用Python 2和3进行实验的摘要。使用

main.py-运行foo.py
foo。 py-运行lib / bar.py
lib / bar.py-打印文件路径表达式

 | Python | Run statement       | Filepath expression                    |
|--------+---------------------+----------------------------------------|
|      2 | execfile            | os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]) |
|      2 | from lib import bar | __file__                               |
|      3 | exec                | (wasn't able to obtain it)             |
|      3 | import lib.bar      | __file__                               |
 


对于Python 2,切换到软件包可能更清楚,因此可以使用from lib import bar-只需将空的__init__.py文件添加到两个文件夹中。

对于Python 3,execfile不存在-最接近的替代方法是exec(open(<filename>).read()),尽管这会影响堆栈帧。只需使用import fooimport lib.bar最简单-不需要__init__.py文件。

另请参阅import和execfile之间的区别


原始答案:

这是基于该线程答案的实验-在Windows上使用Python 2.7.10。

基于堆栈的是唯一给出可靠结果的方法。后两个语法最短,即-

print os.path.abspath(inspect.stack()[0][1])                   # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]))  # C:\filepaths\lib


这是将它们作为函数添加到sys的功能!归功于@Usagi和@pablog

基于以下三个文件,并使用python main.py在其文件夹中运行main.py(也尝试了具有绝对路径并从单独文件夹中调用的execfile)。

C:\ filepaths \ main.py:execfile('foo.py')
C:\ filepaths \ foo.py:execfile('lib/bar.py')
C:\ filepaths \ lib \ bar.py:

import sys
import os
import inspect

print "Python " + sys.version
print

print __file__                                        # main.py
print sys.argv[0]                                     # main.py
print inspect.stack()[0][1]                           # lib/bar.py
print sys.path[0]                                     # C:\filepaths
print

print os.path.realpath(__file__)                      # C:\filepaths\main.py
print os.path.abspath(__file__)                       # C:\filepaths\main.py
print os.path.basename(__file__)                      # main.py
print os.path.basename(os.path.realpath(sys.argv[0])) # main.py
print

print sys.path[0]                                     # C:\filepaths
print os.path.abspath(os.path.split(sys.argv[0])[0])  # C:\filepaths
print os.path.dirname(os.path.abspath(__file__))      # C:\filepaths
print os.path.dirname(os.path.realpath(sys.argv[0]))  # C:\filepaths
print os.path.dirname(__file__)                       # (empty string)
print

print inspect.getfile(inspect.currentframe())         # lib/bar.py

print os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe())) # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # C:\filepaths\lib
print

print os.path.abspath(inspect.stack()[0][1])          # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]))  # C:\filepaths\lib
print


#4 楼

我认为这更干净:

import inspect
print inspect.stack()[0][1]


并获得与以下信息相同的信息:

print inspect.getfile(inspect.currentframe())


其中[0 ]是堆栈中的当前帧(堆栈顶部),[1]是文件名,在堆栈中向后递增,即

print inspect.stack()[1][1]


调用当前框架的脚本的文件名。另外,使用[-1]将使您到达堆栈的底部,即原始调用脚本。

评论


不建议依靠元组内部的位置。根本不清楚您在读取代码时要获取的数据。

– jpmc26
18年1月19日,2:13

inspect.getfile()如果传递了模块对象,则返回__file__属性。 inspect.currentframe()返回模块。因此,这是__file__的昂贵表达方式。

–马丁·彼得斯(Martijn Pieters)♦
18年5月12日在19:01

inspect.stack()是一个非常昂贵的函数,而不仅仅是inspect.currentframe(),它也对模块对象调用inspect.getfile()。

–马丁·彼得斯(Martijn Pieters)♦
18年5月12日在19:03

#5 楼

import os
os.path.dirname(__file__) # relative directory path
os.path.abspath(__file__) # absolute file path
os.path.basename(__file__) # the file name only


评论


我刚刚尝试了@Pat Notz的评论。我认为您可以通过__file__获取文件名。

– hlin117
2015年4月25日在17:51



在Python3中,os.path.dirname将为您提供运行脚本的相对路径。例如在python ../../test.py中,os.path.dirname将是../../,而不是脚本的绝对路径。我一直在寻找abspath,但删除了脚本的名称。 sys.path的第一个元素显然是答案sys.path [0]。

–aerijman
19年11月13日在14:42

#6 楼

如果您的脚本仅包含一个文件,则标记为“最佳”的建议都是正确的。

如果要从可能作为模块导入的文件中找出可执行文件的名称(即,传递给当前程序的python解释器的根文件),则需要执行此操作(假设它位于名为foo.py的文件中):

import inspect

print inspect.stack()[-1][1]

因为堆栈上的最后一件事([-1])是其中的第一件事(堆栈是LIFO / FILO数据结构)。

然后在文件bar.py中,如果您import foo,它将打印bar.py,而不是foo.py,将是所有这些值:


__file__
inspect.getfile(inspect.currentframe())
inspect.stack()[0][1]


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它运行良好,但不适用于Eclipse的单元测试,我得到了/home/user/Softwares/eclipse/plugins/org.python.pydev_4.5.5.201603221110/pysrc

– hayj
16年6月14日在14:29

实际上,这是一种昂贵的拼写sys.modules ['__ main __'] .__ file__的方式。

–马丁·彼得斯(Martijn Pieters)♦
18年5月12日在19:08

#7 楼

import os
print os.path.basename(__file__)


这只会给我们文件名。即如果文件的绝对路径为c:\ abcd \ abc.py,则第二行将打印abc.py

#8 楼

尚不清楚“进程中当前正在运行的文件的文件路径”是什么意思。
sys.argv[0]通常包含由Python解释器调用的脚本的位置。
检查系统文档以获取更多详细信息。

@Tim和@Pat Notz指出,__file__属性提供对


模块来源文件的访问权限
已加载(如果已从文件加载)


评论


当我们将python程序传递给win32 exe时,“ print os.path.abspath(file)”和“ print inspect.getfile(inspect.currentframe())”不起作用。仅sys.argv [0]有效! :)但您只会得到名字!

– aF。
2011-09-1 15:02



#9 楼

我有一个必须在Windows环境下工作的脚本。
这段代码是我完成的:

import os,sys
PROJECT_PATH = os.path.abspath(os.path.split(sys.argv[0])[0])


这是一个很棘手的决定。但这不需要外部库,这对我来说是最重要的。

评论


为此,我必须“导入os,sys”,但到目前为止,这是最好的答案,它实际上仅返回字符串末尾没有文件名的路径。

– Emmagras
2014-10-18 15:40

#10 楼

试试这个,

import os
os.path.dirname(os.path.realpath(__file__))


#11 楼

import os
os.path.dirname(os.path.abspath(__file__))


不需要检查或任何其他库。

当我不得不导入一个脚本(从不同于执行脚本的其他目录)导入时,此方法对我有用与导入脚本位于同一文件夹中的配置文件。

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如果当前工作目录(os.getcwd)与文件所在的目录不同,则将无法产生所需的答案。

–铁枕
2014年8月1日在20:59

为何如此?在这种情况下对我来说很好。我得到文件所在的目录。

– Michael Mior
2014年8月13日在1:39

@IronPillow也许这个答案将帮助您满足您的需求。 stackoverflow.com/a/41546830/3123191

– Kwuite
17年2月23日在15:21

#12 楼

__file__属性适用于包含主要执行代码的文件以及导入的模块。

请参阅https://web.archive.org/web/20090918095828/http://pyref.infogami。 com / __ file__

#13 楼

import sys

print sys.path[0]


这将打印当前正在执行的脚本的路径

评论


sys.path [0]非常有用,但是提供了script1的路径,而不是请求的script3的路径

–詹姆斯
2011年1月28日,下午1:26

至少在OS X(2.7版)上,我认为这没有可靠的作用。如果直接执行相同的文件,它将起作用。从repl无效,尤其是从导入的鸡蛋中

–uchuugaka
15年8月13日在8:58

#14 楼

由于Python 3相当主流,因此我想提供一个pathlib答案,因为我认为它现在可能是访问文件和路径信息的更好工具。

from pathlib import Path

current_file: Path = Path(__file__).resolve()


如果要查找当前文件的目录,只需在.parent语句中添加Path()即可:

current_path: Path = Path(__file__).parent.resolve()


#15 楼

我认为这只是__file__听起来您可能还想检出检查模块。

评论


啊... execfile很棘手。请参阅我的其他有关使用inspect模块的文章。

– Pat Notz
08年9月8日在23:03

#16 楼

您可以使用inspect.stack()

import inspect,os
inspect.stack()[0]  => (<frame object at 0x00AC2AC0>, 'g:\Python\Test\_GetCurrentProgram.py', 15, '<module>', ['print inspect.stack()[0]\n'], 0)
os.path.abspath (inspect.stack()[0][1]) => 'g:\Python\Test\_GetCurrentProgram.py'


#17 楼

import sys
print sys.argv[0]


评论


不幸的是,这仅在以完整路径调用脚本时才有效,因为它仅在命令行上返回“第一个参数”,即对脚本的调用。

– Cregox
2010年5月13日17:40



#18 楼

这应该起作用:

import os,sys
filename=os.path.basename(os.path.realpath(sys.argv[0]))
dirname=os.path.dirname(os.path.realpath(sys.argv[0]))


#19 楼

print(__file__)
print(__import__("pathlib").Path(__file__).parent)


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不鼓励仅使用代码的答案。请添加一些有关如何解决问题或与现有答案有何不同的解释。来自评论

–尼克
19年5月5日,下午1:51

#20 楼

获取执行脚本的目录

 print os.path.dirname( inspect.getfile(inspect.currentframe()))


#21 楼

我一直只使用“当前工作目录”或CWD的os功能。这是标准库的一部分,非常易于实现。
这里是一个示例:

    import os
    base_directory = os.getcwd()


评论


您可以修改答案,使其适用于提出的问题吗?此答案不适用于“如何获取当前正在执行的文件的路径和名称?”的问题。

–马可
19年3月14日在16:17

这给出了运行python命令的路径。因此,当您在已经存在的同一文件夹中运行python script.py命令时,它似乎可以工作,而实际上与在Linux上运行pwd相同。

–乔治
19年7月14日在13:10

#22 楼

这是我使用的东西,因此我可以将我的代码无处不在。始终定义__name__,但是仅当代码作为文件运行时定义__file__(例如,不在IDLE / iPython中运行)。
 if '__file__' in globals():
    self_name = globals()['__file__']
elif '__file__' in locals():
    self_name = locals()['__file__']
else:
    self_name = __name__
 

或者,可以这样写:
 self_name = globals().get('__file__', locals().get('__file__', __name__))
 


#23 楼

我在__file__ os.path.abspath(__file__)中使用了此方法
,但是有一个小技巧,它会在第一次运行代码时返回.py文件。
下一次运行给出* .pyc的名称文件
,所以我留在:inspect.getfile(inspect.currentframe())
sys._getframe().f_code.co_filename

#24 楼

我编写了一个函数,该函数考虑了Eclipse调试器和unittest。
它返回您启动的第一个脚本的文件夹。您可以选择指定__file__ var,但主要的事情是您不必在所有调用层次结构中共享此变量。

也许您可以处理其他我没有看到的特殊情况的堆栈,但对我来说还可以。

import inspect, os
def getRootDirectory(_file_=None):
    """
    Get the directory of the root execution file
    Can help: http://stackoverflow.com/questions/50499/how-do-i-get-the-path-and-name-of-the-file-that-is-currently-executing
    For eclipse user with unittest or debugger, the function search for the correct folder in the stack
    You can pass __file__ (with 4 underscores) if you want the caller directory
    """
    # If we don't have the __file__ :
    if _file_ is None:
        # We get the last :
        rootFile = inspect.stack()[-1][1]
        folder = os.path.abspath(rootFile)
        # If we use unittest :
        if ("/pysrc" in folder) & ("org.python.pydev" in folder):
            previous = None
            # We search from left to right the case.py :
            for el in inspect.stack():
                currentFile = os.path.abspath(el[1])
                if ("unittest/case.py" in currentFile) | ("org.python.pydev" in currentFile):
                    break
                previous = currentFile
            folder = previous
        # We return the folder :
        return os.path.dirname(folder)
    else:
        # We return the folder according to specified __file__ :
        return os.path.dirname(os.path.realpath(_file_))


#25 楼

要保持跨平台(macOS / Windows / Linux)的迁移一致性,请尝试:

path = r'%s' % os.getcwd().replace('\','/')

评论


错了这将为您提供当前路径,而不是当前文件的路径。

–查尔斯·普拉格
18-10-10在13:09

#26 楼

最简单的方法是:在script_1.py中的



在script_2.py中的
import subprocess
subprocess.call(['python3',<path_to_script_2.py>])


在脚本_2.py中:

sys.argv[0]


PS:我尝试过execfile,但是由于它以字符串形式读取script_2.py,因此sys.argv[0]返回了<string>

#27 楼

这些答案大多数是用Python 2.x或更早版本编写的。在Python 3.x中,print函数的语法已更改为需要括号,即print()。

因此,Python 2.x中user13993的早期得分较高:

import inspect, os
print inspect.getfile(inspect.currentframe()) # script filename (usually with path)
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # script directory


在Python 3.x中成为:

import inspect, os
print(inspect.getfile(inspect.currentframe())) # script filename (usually with path)
print(os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) ) # script directory


#28 楼

如果只希望文件名不包含./.py,则可以尝试以下操作

filename = testscript.py
file_name = __file__[2:-3]


file_name将打印测试脚本
,您可以通过更改内部索引来生成所需的任何内容[]

#29 楼

import os

import wx


# return the full path of this file
print(os.getcwd())

icon = wx.Icon(os.getcwd() + '/img/image.png', wx.BITMAP_TYPE_PNG, 16, 16)

# put the icon on the frame
self.SetIcon(icon)


评论


os.getcwd()返回过程的当前工作目录,而不是当前正在执行的文件的目录。这似乎可以返回正确的结果,但是在很多情况下,结果将不是当前文件的父目录。如上面建议的,使用os.path.dirname(file)更好。

–samaspin
15年5月22日在14:17